PHÒNG GD - ĐT THANH OAI Trường THCS Thanh Thùy ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI MÔN HÓA HỌC 9 Năm học 2015 – 2016 ( Thời gian làm bài: 120 phút) Câu 1(3đ) : 1. Muối A có công thức XY2, tổng số hạt cơ bản trong A là 140, số hạt mang điện nhiều hơn số hạt không mang điện là 44. Cũng trong phân tử này thì số hạt mang điện của Y nhiều hơn của X cũng là 44 hạt. Xác định công thức phân tử của A. 2. Nhận biết các chất rắn đựng trong các lọ riêng biệt sau: KCl; NH4NO3 ; Ca(H2PO4)2 Câu 2(5điểm): Chọn các chất A, B, C, D thích hợp và viết các phương trình hóa học minh họa cho sơ đồ phản ứng sau: A B Ca(OH)2 D C Sục rất từ từ V lít CO2 ở điều kiện tiêu chuẩn vào 148g dung dịch Ca(OH)2 20% thì thu được 30g kết tủa. Tính V và nồng độ phần trăm của các chất có trong dung dịch sau phản ứng? Câu 3( 5điểm): Hòa tan một muối cacbonat kim loại M bằng một lượng vừa đủ dung dịch H2SO4 9,8% người ta thu được dung dịch muối sunfat có nồng độ 13,442 %. Xác định CTHH của muối cacbonat nói trên. Hỗn hợp X gồm Zn, Fe, Cu. Cho 9,25 gam hỗn hợp X tác dụng với dung dịch HCl dư thu được 2,24 lít H2 (đktc). Mặt khác biết 0,3 mol X phản ứng vừa đủ với 7,84 lít Cl2 (đktc). Tính % theo khối lượng mỗi kim loại có trong X. Câu 4 (3điểm): Giải thích hiện tượng khi: Nhúng thanh Mg vào dung dịch CuSO4 Nhỏ từ từ dung dịch HCl vào dd Na2CO3 Hòa tan a gam hỗn hợp gồm Na và Al vào nước dư thu được 4,48 lít khí H2 ở điều kiện tiêu chuẩn,nhưng nếu hòa tan a gam hỗn hợp này vào dung dịch NaOH dư thì thu được 7,84 lít H2 (đktc). Tính a? Câu 5 (4điểm): Cho 10,4g Hỗn hợp bột Mg và Fe vào 200 ml dung dịch CuSO4 2M, sau phản ứng thu được 19,2g chất rắn B và dung dịch C. Cho C tác dụng với dung dịch NaOH dư, lọc, rửa và nung kết tủa mới thu được trong không khí đến khối lượng không đổi thu được 24g hỗn hơp 3 oxit. Tính khối lượng mỗi kim loại trong hỗn hợp. Học sinh được sử dụng bảng hệ thống tuần hoàn các nguyên tố hóa học -------------------------------Hết---------------------------- Đáp án – Biểu điểm Câu Đáp án Điểm 1 (3đ) ---- 2 ------ 3 ------ 4 ------ 5 Ý 1: Gọi px ; nx là số proton và nơtron của X Py ; ny là số proton và nơtron của Y Theo bài ra ta có hệ pt ( 2Px+ nx ) + 2( 2py + ny) = 140 (2px+ 4py ) – (nx + 2ny) = 44 4py – 2Px = 44 Giải ra được : px = 12 (Mg) Py = 17 (Cl) Vậy CTPT cuat A là MgCl2 Ý 2: - Trích mỗi chát thành nhiều mẫu thử và đánh số - Hòa tan mỗi chất vào nước để được các dung dịch tương ứng - Cho lần lượt mỗi dung dịch trên vào dung dịch nước vôi trong + Nếu thấy có khí bay lên là NH4NO3 NH4NO3 + Ca(OH)2 → Ca(NO3)2 + NH3 ↑ + H2O + Nếu có kết tủa là Ca(H2PO4)2 Ca(H2PO4)2 + Ca(OH)2 → Ca3(PO4)2 ↓+ H2O + Nếu không có hiện tượng gì là KCl ------------------------------------------ Ý 1: A: Ca(HCO3)2 B: CaCl2 C: Ca(NO3)2 D: CaCO3 Viết đúng mỗi PTHH được 0,25đ ( HS chọn cách khác nếu đúng vẫn cho điểm tối đa) Ý 2: nCa(OH)2 = = 0,4 mol nCaCO3 = = 0,3 mol Ta thấy nCaCO3 Xét 2 trường hợp TH1: CO2 hết, Ca(OH)2 dư nCO2 = nCaCO3 = 0,3 mol VCO2 = 0,3. 22,4 = 6,72 lít Mdd sau pư = 0,3.44 + 148 – 30 = 131,2 g Trong dd sau pư có: Ca(OH)2 dư 0,4-0,3 = 0,1 mol C% Ca(OH)2 = = 5,64 % TH2: CO2 dư không hoàn toàn, Ca(OH)2 hết Gọi x,y là số mol Ca(OH)2 tạo muối trung hòa và muối axit CO2 + Ca(OH)2 → CaCO3 ↓ + H2O Mol: x x x 2CO2 + Ca(OH)2 → Ca(HCO3)2 Mol: 2y y y Ta có x+ y = 0,4 mà x = 0,3 => y = 0,1 mol Vậy VCO2 = (0,3 + 2.0,1) .22,4 = 11.2 lít Mdd sau pư = 0,5.44 + 148 – 30 = 140g Dd sau pư có:0,1 mol Ca(HCO3)2 C% Ca(HCO3)2 = =11,57 % ------------------------------------------------ Ý 1: CTHH của muối cacbonat cần tìm có dạng M2(CO3)x M2(CO3)x + xH2SO4 → M2(SO4)x + xH2O + xCO2↑ Mol: 1 x 1 x Giả sử có 1 mol muối cacbonat tham gia phản ứng mddH2SO4 9,8% = = 1000x g mdd sau pư = (2M + 60x) + 1000x – 44x = 2M + 1012x (g) C%M2(SO4)x = = 13,422% M = 23x => Chọn x= 1, M = 23 ( Na) Vậy CTHH của muối cần tìm là Na2CO3 Ý 2: Gọi x,y, z là số mol Zn, Fe, Cu trong 9,25 gam X PTHH: Zn + 2HCl → ZnCl2 + H2 Fe + 2HCl → FeCl2 + H2 Cu + HCl → không pư Zn + Cl2 → ZnCl2 2Fe + 3Cl2 → 2FeCl3 Cu + Cl2 → CuCl2 nH2 = = 0,1 mol nCl2 = = 0,35 mol Theo bài ra ta có hệ pt 65x +56y + 64z = 9,25 x+y = 0,1 = Giải ra được: x = y = z = 0,05 Vậy %Zn = = 35,1% %Fe = = 30,3% %Cu = 100% - (35,1% + 30,3%) = 34,6% ------------------------------------------------------------ Ý 1: - Thanh Mg tan một phần, có lớp kim loại màu đỏ bám ngoài thanh Mg. Màu xanh của dung dịch nhạt dần Mg + CuSO4 →MgSO4 + Cu↓ - Lúc đầu chưa có hiện tượng gì sau một lúc tiếp tục nhỏ HCL vào thì mới thấy bọt khí thoát ra. HCl + Na2CO3 → NaHCO3 + NaCl HCl + NaHCO3 → NaCl + H2O + CO2↑ Ý 2: gọi x, y là số mol Na, Al trong a gam hỗn hợp Vì 4,48 Khi cho a gam hỗn hợp vào nước thì Al không tan hết, còn khi cho a gam hốn hợp vào NaOH dư thì Al tan hết 2Na + 2H2O ↑→ 2NaOH + H2↑ Mol: x x x 2Al + 2NaOH + 2H2O → 2NaAlO2 + 3H2↑ Mol: x x x Ta có: 0,5x + 1,5x = = 0,2 mol x = 0,1 mol => mNa = 0,1.23 = 2,3g 2Na + 2H2O → 2NaOH + H2↑ Mol: x x x 2Al + 2NaOH + 2H2O → 2NaAlO2 + 3H2↑ Mol: y y 0,5x + 1,5y = =0,35 Thay x = 0,1 vào ta được y = 0,2 mAl = 0,2.27 = 5,4 g Vậy a = 2,3 +5,4 = 7,7 g --------------------------------------------------------- Vì thư được hỗn hợp 3 oxit => Trong dung dịch C phải có 3 muối => Mg , Fe hết, CuSO4 dư Gọi x,y là số mol của Mg, Fe trong 10,4g hỗn hợp => 24x + 56y = 10,4 (*) nCuSO4 = 0,2.2 = 0,4 mol Mg + CuSO4 → MgSO4 + Cu Mol: x x x x Fe + CuSO4 → FeSO4 + Cu Mol: y y y y 64x + 64y = 19,2 (**) C + NaOH, nung kết tủa tu được MgSO4 + 2NaOH → Mg(OH)2 + Na2SO4 Mol: x x FeSO4 + 2NaOH → Fe(OH)2 + Na2SO4 Mol: x x CuSO4 + 2NaOH → Cu(OH)2 + Na2SO4 Mol: 0,4- (x+y) 0,4- (x+y) Mg(OH)2 → MgO + H2O Mol: x x 2Fe(OH)2 + O2 → Fe2O3 + 2H2O Mol: x 0,5 x Cu(OH)2 → CuO + H2O Mol: 0,4- (x+y) 0,4- (x+y) => 40x + 80y + 80.(0,4 – (x+y)) = 24g (***) Từ (*), (**), (***) ta được x= 0,2; y = 0,1 Vậy mMg = 0,2.24 = 4,8g MFe = 0,1 .56 = 5,6g 0,5 0,5 0,5 0,5 0,5 0,5 ---- 0,25x8 = 2đ 0,25 0,25 0,5 0,5 0,25 0,25 0,5 0,5 0,25 0,25 0,5 0,5 0,5 0,5 1 0,5 1 ---- 0,5 0,5 0,25 0,5 0,25 0,5 0,25 0,25 ------ 0.25 0,25 0,5 1 0,5 0,5 0,5 Giáo viên ra đề Duyệt của tổ chuyên môn Duyệt của ban giám hiệu Nguyễn Thị Mơ
Tài liệu đính kèm: